Основные расчеты в технической механике (стр. 1 из 2)

Задача №1 (рис. 2)

Балка закреплена шарнирно в точка А и удерживается в горизонтальном положении стержнем ВС, нагружена силами F_{1 ,}F₂ и парой сил с моментом М

Определить реакции шарнира А и стержня ВС

Решение:

Зададимся системой координат с центром в точке А.

Обозначим реакцию стержня ВС в точке В вектором R_B , направление же реакции шарнира А не известно.

Составим уравнение моментов в точке А:

Σ_МА= 0

Σ_МА=М_А(F₁)+ М_А(F₂ ) - М_А(R_B)+ М_А(R_A) + M=0

Заметим, что момент реакции шарнира в точке А будет равен нулю, так как плечо l=0

М_А(F₁)= F₁ ∙ l₁=24 ∙ 0,6 = 14,4 кН∙м

М_А(F₂)= F₂∙ (l₁+ l₂+l₃)= 40 ∙ 2,5 = 100 кН∙м

М_А(R_A)= 0 кН∙м

М = - 3 кН∙м

получаем уравнение:

14,4 + 100 - 3 - М_А(R_B) = 0

- М_А(R_B) = - 14,4 - 100 + 3

- М_А(R_B) = - 111,4 кН∙м

М_А(R_B) = 111,4 кН∙м

Найдем реакцию R_B:

М_А(R_B) = R_B ∙ cos 45º · (l₁ + l₂)

R_B=

R_B=

= 78,8 кН

Определим проекцию реакции R_A на ось x из уравнения суммы проекций:

ΣР_х= 0

ΣР_х= F_1x+R_Bx+F_2x+R_Ax=0

F_1x= F₁ ∙ cos 90° = 0

F_2x= F₂ ∙ cos 90° = 0

R_Bx= R_B ∙ cos 45°= 79,6 · 0,7 = 55,72

ΣР_х= 55,72 + R_Ax =0

R_Ax= - 55,72

Определим проекцию реакции R_A на ось yиз уравнения суммы проекций:

ΣР_y= 0

ΣР_y= F_1y+R_By+F_2y+R_Ay=0

F_1y = - F₁ ∙ cos 0° = - 24

R_By = R_B ∙ cos 45° = 78,8 · cos45° = 55,72

F_2y= - F₂ ∙ cos 0° = - 40 ∙ 1 = - 40

ΣР_y = -24 + 55,72 – 40 + R_Ay= 0

R_Ay= 24 - 55,72 + 40 = 8,28

Реакцию R_A найдем из прямоугольного треугольника по теореме Пифагора :

R_A=

кН

Найдем угол между вектором реакции R_A и осью xпо косинусу угла α

cosα =

=

α ≈ 8,5°

Для проверки определим сумму моментов сил и реакций в точке В, которая для тел находящихся в равновесии должна равняться нулю.

Σ_МВ= М_B(F₁)+ М_В(F₂)+M+ М_В(R_A)

М_В(F₁) = - F₁ ∙l₂ = - 24 ∙ 1,4 = - 33,6 кН∙м

М_В(F₂) = F₂ ∙ l₃ = F₂ ∙ l₃ = 40 ∙ 0,5 = 20 кН∙м

М_В(R_A) = R_A ∙ sin 8,44º · (l₁ + l₂) = 56,332 · sin 8,5° · 2 = 16,65 кН∙м

M = - 3 кН∙м

Σ_МВ = - 33,6 + 20 + 16,6 - 3 ≈ 0

Задача № 2 (рис. 19)

Определить место положения центра тяжести сечения составленного из прокатных профилей

Решение:

А₁ = 34,8 см² = 3480 мм²

А₂ = 115 ∙ 10 = 1150 мм²

y₁ = 130

x₁ = 0

y₂ = 10 : 2 = 5

x₂ = 0

Так как сечение симметрично относительно оси yдостаточно определить только координату y_с

y_с =

= 98,95 мм

x_c = 0

Задача №3 (№23)

Груз массой 100 кг опускается равноускоренно с помощью невесомого троса, перекинутого через блок и в первые 4 секунды проходит 8 м. Определить силу натяжения троса.

Решение:

На груз действует сила натяжения троса F и сила тяжести mg, под действием которых он движется с ускорением а. Следовательно по второму закону Ньютона

mg + F = ma

Так как все силы направлены по вертикали, выберем вертикальную ось у с положительным направлением по ускорению (вниз)

Проектируем

mg + F = ma

mg – F = maилиF = m(g – a)

Из кинематики :

h = at²/2

Следовательно :

F = m(g – 2h/t²) = 100 · (9,8 –

) = 880 H

Задача № 4 (рис. 37)

Для ступенчатого стального бруса требуется:

а) определить значение продольной силы и нормального напряжения по длине бруса.

б) построить эпюру.

в) определить удлинение (укорочение) бруса.

Модуль продольной упругости: E = 2 ∙10⁵ мПа

Решение:

Разобьем брус на участки начиная от свободного конца. Границы участков определяются точками приложения сил и местами изменения размеров поперечного сечения.

Всего будет 4-ре участка. Проведя сечение и отбрасывая левые части бруса можно определить продольные силы в его поперечных сечениях.

Участок I – не деформируется и продольные силы в нем будут равны нулю.

N₁ = 0

N₂ = N₃ = 100 кН

N₄ = F₁ – F₂ = 100 – 50 = 50 кН

т.е. на всех участках брус растянут, а продольные силы будут равны:

на участках II и III – 100 кН

на участке IV – 50 кН

Чтобы определить нормальные напряжения в поперечных сечениях бруса нужно разделить значения продольных сил на площади сечений.

для участка II : σ_II=

для участка III : σ_III=

для участка IV : σ_IV=

Определим относительное удлинение на разных участках бруса. По закону Гука, относительное удлинение:

ε_II =

ε_III =

ε_II =

Абсолютное удлинение на участках:

II = 0,00025 ∙ 500 = 0,125 мм

III = 0,0002 ∙ 200 = 0,04 мм

IV = 0,0001 ∙ 400 = 0,04 мм

Общее удлинение бруса будет равно:

0,125 + 0,04 + 0,04 = 0,205 мм

Задача №5 (рис.43)

Для заданной консольной балки построить эпюру изгибающих моментом и подобрать из условий прочности размеры поперечного сечения в двух вариантах:

- сдвоенный швеллер

- прямоугольник с отношением

Сравнить массы балок по обоим расчетным вариантам.

Материал балки – сталь Ст.3 [σ] = 160 мПа

Решение:

Разобьем балку на участки, границы которых определим точками приложения внешних сил.

На первом участке балки момент будет равен:

- в точке D

М₁ = - М = - 10 кН· м

- в точке С

М₁ = - М = - 10 кН· м

На втором участке:

- в точке С

М₂ = - М = - 10 кН· м

- в точке В

М₂ = - М – F₂ · z₂ = - 10 – 8 · 0,8 = - 16,4 кН · м

На третьем участке:

- в точке В

М₃ = - М – F₂ · z₂ = - 10 – 8 · 0,8 = - 16,4 кН · м

- в точке А

М₃ = - М – F₂ · (z₂ + z₃) – F₁ · z₃ = - 10 – 8 · (0,4 + 0,8) – 24 · 0,4 = - 29,2

Наибольший по величине изгибающий момент наблюдается в месте жесткой заделки балки в точке Aи равен он:

Найдем требуемый момент сопротивления

W_x≥

Подбираем сечение балки в двух вариантах:

1. Сечение – сдвоенный швеллер

W_x≥ 182,5 см³

см³

Подходит швеллер № W_x = см³

2. Сечение - прямоугольник с отношением сторон

для прямоугольника

W_x=

;

подставив сюда

и приняв W_x равным требуемому значению, получим:

W_x=

= = 182,5 см³

отсюда

h =

11,8 см

b = 11,8 : 3 = 3,9 см

Задача № 6 (рис.55)

Для заданного привода машины необходимо